已知函数f（x）=x-（a+1）lnx-ax（a∈R），g（x）=xex．（Ⅰ）求f（x）的单调区间；（Ⅱ）当a＜1时，若存

（Ⅰ）函数f（x）的都为（0，+∞），
则f′（x）=1-

a+1

x

+

a

x2

=

x2?(a+1)x+a

x2

=

(x?a)(x?1)

x2

，
①若a≤0，由f′（x）＞0，得x＞1．此时函数单调递增，即增区间为（1，+∞），
由f′（x）＜0，得0＜x＜1．此时函数单调递减，即减区间为（0，1），
②若0＜a＜1，由f′（x）＞0，得x＞1或0＜x＜a．此时函数单调递增，即增区间为（1，+∞），（0，a），
由f′（x）＜0，得a＜x＜1．此时函数单调递减，即减区间为（a，1），
③若a=1时，f′（x）≥0，此时函数单调递增，即增区间为（0，+∞）；
④若a＞1，由f′（x）＞0，得x＞a或0＜x＜1．此时函数单调递增，即增区间为（a，+∞），（0，1），
由f′（x）＜0，得1＜x＜a．此时函数单调递减，即减区间为（1，a）．
（Ⅱ）当a＜1时，若存在x₁∈[1，2]，使得对任意的x₂∈[1，2]，f（x₁）＜g（x₂）恒成立，
则f（x）_min＜g（x）_min
由Ⅰ知，f（x）在[1，2]上为增函数，则f（x）_min=f（1）=1-a，
∵g（x）=

x

ex

．
∴g′（x）=

1?x

ex

≤0，即g（x）在[1，2]上为减函数，
则g（x）_min=g（2）=

2

e2

，
故1-a≤

2

e2

，即1-

2

e2

≤a＜1．